Ⅰ 電壓 電位 電動勢這三個物理量中哪些與參考點的選擇有關哪些與參考點的選擇無
電壓和電動勢與參考點無關，電位與參考點有關。和重力勢能對比理解
Ⅱ 求物理高手詳細講解高中物理
磁場
【內容和方法】
本單元內容包括磁感應強度、磁感線、磁通量、電流的磁場、安培力、洛侖茲力等基本概念，以及磁現象的電本質、安培定則、左手定則等規律。
本單元涉及到的基本方法有，運用空間想像力和磁感線將磁場的空間分布形象化是解決磁場問題的關鍵。運用安培定則、左手定則判斷磁場方向和載流導線、運動的帶電粒子受力情況是將力學知識與磁場問題相結合的切入點。
【例題分析】
在本單元知識應用的過程中，初學者常犯的錯誤主要表現在：不能准確地再現題目中所敘述的磁場的空間分布和帶電粒子的運動軌跡：運用安培定則、左手定則判斷磁場方向和載流導線、運動的帶電粒子受力情況時出錯；運用幾何知識時出現錯誤；不善於分析多過程的物理問題。
例1 如圖10-1，條形磁鐵平放於水平桌面上，在它的正中央上方固定一根直導線，導線與磁場垂直，現給導線中通以垂直於紙面向外的電流，則下列說法正確的是： [ ]
A．磁鐵對桌面的壓力減小
B．磁鐵對桌面的壓力增大
C．磁鐵對桌面的壓力不變
D．以上說法都不可能
【錯解分析】錯解：磁鐵吸引導線而使磁鐵導線對桌面有壓力，選B。
錯解在選擇研究對象做受力分析上出現問題，也沒有用牛頓第三定律來分析導線對磁鐵的反作用力作用到哪裡。
【正確解答】
通電導線置於條形磁鐵上方使通電導線置於磁場中如圖10-2所示，由左手定則判斷通電導線受到向下的安培力作用，同時由牛頓第三定律可知，力的作用是相互的，磁鐵對通電導線有向下作用的同時，通電導線對磁鐵有反作用力，作用在磁鐵上，方向向上，如圖10-3。對磁鐵做受力分析，由於磁鐵始終靜止，無通電導線時，N = mg，有通電導線後N+F′=mg，N=mg-F′，磁鐵對桌面壓力減小，選A。
例2 如圖10-4所示，水平放置的扁平條形磁鐵，在磁鐵的左端正上方有一線框，線框平面與磁鐵垂直，當線框從左端正上方沿水平方向平移到右端正上方的過程中，穿過它的磁通量的變化是： [ ]
A．先減小後增大
B．始終減小
C．始終增大
D．先增大後減小
【錯解分析】錯解：條形磁鐵的磁性兩極強，故線框從磁極的一端移到另一端的過程中磁性由強到弱再到強，由磁通量計算公式可知Φ=B·S，線框面積不變，Φ與B成正比例變化，所以選A。
做題時沒有真正搞清磁通量的概念，腦子里未正確形成條形磁鐵的磁力線空間分布的模型。因此，盲目地生搬硬套磁通量的計算公式Φ=B·S，由條形磁鐵兩極的磁感應強度B大於中間部分的磁感應強度，得出線框在兩極正上方所穿過的磁通量Φ大於中間正上方所穿過的磁通量。
【正確解答】
規范畫出條形磁鐵的磁感線空間分布的剖面圖，如圖10-5所示。利用Φ=B·S定性判斷出穿過閉合線圈的磁通量先增大後減小，選D。
【小結】
Φ=B·S計算公式使用時是有條件的，B是勻強磁場且要求B垂直S，所以磁感應強度大的位置磁通量不一定大，而本題的兩極上方的磁場不是勻強磁場，磁場與正上方線框平面所成的角度又未知，難以定量加以計算，編寫此題的目的就是想提醒同學們對磁場的形象化給予足夠的重視。
例3 如圖10-6所示，螺線管兩端加上交流電壓，沿著螺線管軸線方向有一電子射入，則該電子在螺線管內將做 [ ]
A．加速直線運動 B．勻速直線運動
C．勻速圓周運動 D．簡諧運動
【錯解分析】
錯解一：螺線管兩端加上交流電壓，螺線管內有磁場，電子在磁場中要受到磁場力的作用，故選A。
錯解二：螺線管兩端加上了交流電壓，螺線管內部有磁場，磁場方向周期性發生變化，電子在周期性變化的磁場中受到的力也發生周期性變化，而做往復運動。故選D。
錯解一、二的根本原因有二：一是對螺線管兩端加上交流電壓後，螺線管內部磁場大小和方向發生周期性變化的具體情況分析不清；二是沒有搞清洛侖茲力f=Bqv的適用條件，而亂套公式。洛侖茲力的大小為f=Bqv的條件是運動電荷垂直射入磁場，當運動方向與B有夾角時，洛侖茲力f=Bqv sinθ，；當θ=0°或θ=180°時，運動電荷不受洛侖茲力作用。
【正確解答】
螺線管兩端加上交流電壓後，螺線管內部磁場大小和方向發生周期性變化，但始終與螺線管平行，沿著螺線管軸線方向射入的電子其運動方向與磁感線平行。沿軸線飛入的電子始終不受洛侖茲力而做勻速直線運動。
例4 有一自由的矩形導體線圈，通以電流I′。將其移入通以恆定電流I的長直導線的右側。其ab與cd邊跟長直導體AB在同一平面內且互相平行，如圖10-7所示。試判斷將該線圈從靜止開始釋放後的受力和運動情況。（不計重力）
【錯解分析】錯解：藉助磁極的相互作用來判斷。由於長直導線電流產生的磁場在矩形線圈所在處的磁感線方向為垂直紙面向里，它等效於條形磁鐵的N極正對矩形線圈向里。因為通電線圈相當於環形電流，其磁極由右手螺旋定則判定為S極向外，它將受到等效N極的吸引，於是通電矩形線圈將垂直紙面向外加速。
錯誤的根源就在於將直線電流的磁場與條形磁鐵的磁極磁場等效看待。我們知道直線電流磁場的磁感線是一簇以直導線上各點為圓心的同心圓，它並不存在N極和S極，可稱為無極場，不能與條形磁鐵的有極場等效。
【正確解答】
利用左手定則判斷。先畫出直線電流的磁場在矩形線圈所在處的磁感線分布，由右手螺旋定則確定其磁感線的方向垂直紙面向里，如圖10-8所示。線圈的四條邊所受安培力的方向由左手定則判定。其中F1與F3相互平衡，因ab邊所在處的磁場比cd邊所在處的強，故F4＞F2。由此可知矩形線圈abcd所受安培力的合力的方向向左，它將加速向左運動而與導體AB靠攏。
【小結】
用等效的思想處理問題是有條件的，磁場的等效，應該是磁場的分布有相似之處。
例如條形磁鐵與通電直螺線管的磁場大致相同，可以等效。所以應該老老實實地將兩個磁場畫出來，經過比較看是否滿足等效的條件。本題中直線電流的磁場就不能等效為勻強磁場。
例5 如圖10-9所示，用絕緣絲線懸掛著的環形導體，位於與其所在平面垂直且向右的勻強磁場中，若環形導體通有如圖所示方向的電流I，試判斷環形導體的運動情況。
【錯解分析】錯解：已知勻強磁場的磁感線與導體環面垂直向右，它等效於條形磁鐵N極正對環形導體圓面的左側，而通電環形導體，即環形電流的磁場N極向左（根據右手定則來判定），它將受到等效N極的排斥作用，環形導體開始向右加速運動。
誤將勻強磁場等效於條形磁鐵的磁場。
【正確解答】
利用左手定則判斷。可將環形導體等分為若干段，每小段通電導體所受安培力均指向圓心。由對稱性可知，這些安培力均為成對的平衡力。故該環形導體將保持原來的靜止狀態。
【小結】
對於直線電流的磁場和勻強磁場都應將其看作無極場。在這種磁場中分析通電線圈受力的問題時，不能用等效磁極的辦法，因為它不符合實際情況。而必須運用左手定則分析出安培力合力的方向後，再行確定其運動狀態變化情況。
例6 質量為m的通電導體棒ab置於傾角為θ的導軌上，如圖10-10所示。已知導體與導軌間的動摩擦因數為μ，在圖10-11所加各種磁場中，導體均靜止，則導體與導軌間摩擦力為零的可能情況是：
【錯解分析】錯解：根據f=μN，題目中μ≠0，要使f=0必有N=0。為此需要安培力FB與導體重力G平衡，由左手定則可判定圖10-11中B項有此可能，故選B。
上述分析受到題目中「動摩擦因數為μ」的干擾，誤用滑動摩擦力的計算式f=μN來討論靜摩擦力的問題。從而導致錯選、漏選。
【正確解答】
要使靜摩擦力為零，如果N=0，必有f=0。圖10-11B選項中安培力的方向豎直向上與重力的方向相反可能使N=0，B是正確的；如果N≠0，則導體除受靜摩擦力f以外的其他力的合力只要為零，那麼f=0。在圖10-11A選項中，導體所受到的重力G、支持力N及安培力F安三力合力可能為零，則導體所受靜摩擦力可能為零。圖10-11的C．D選項中，從導體所受到的重力G、支持力N及安培力F安三力的方向分析，合力不可能為零，所以導體所受靜摩擦力不可能為零。故正確的選項應為A．B。
【小結】
本題是一道概念性極強的題，又是一道力學與電學知識交叉的綜合試題。摩擦力有靜摩擦力與滑動摩擦力兩種。判斷它們區別的前提是兩個相互接觸的物體有沒有相對運動。力學中的概念的准確與否影響電學的學習成績。
例7 如圖10-12所示，帶負電的粒子垂直磁場方向進入圓形勻強磁場區域，出磁場時速度偏離原方向60°角，已知帶電粒子質量m=3×10-20kg，電量q=10-13C，速度v0=105m/s，磁場區域的半徑R=3×10-1m，不計重力，求磁場的磁感應強度。
【錯解分析】錯解：帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動
沒有依據題意畫出帶電粒子的運動軌跡圖，誤將圓形磁場的半徑當作粒子運動的半徑，說明對公式中有關物理量的物理意義不明白。
【正確解答】
畫進、出磁場速度的垂線得交點O′，O′點即為粒子作圓周運動的圓心，據此作出運動軌跡AB，如圖10-13所示。此圓半徑記為r。
帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動
【小結】
由於洛倫茲力總是垂直於速度方向，若已知帶電粒子的任意兩個速度方向，就可以通過作出兩速度的垂線，找出兩垂線的交點即為帶電粒子做圓周運動的圓心。
例8 如圖10-14所示，帶電粒子在真空環境中的勻強磁場里按圖示徑跡運動。徑跡為互相銜接的兩段半徑不等的半圓弧，中間是一塊薄金屬片，粒子穿過時有動能損失。試判斷粒子在上、下兩段半圓徑跡中哪段所需時間較長？（粒子重力不計）
【錯解分析】錯解：
的迴旋周期與迴旋半徑成正比，因為上半部分徑跡的半徑較大，所以所需時間較長。
錯誤地認為帶電粒子在磁場中做圓周運動的速度不變，由周期公式
【正確解答】
首先根據洛侖茲力方向，（指向圓心），磁場方向以及動能損耗情況，判定粒子帶正電，沿abcde方向運動。
再求通過上、下兩段圓弧所需時間：帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動
子速度v，迴旋半徑R無關。因此上、下兩半圓弧粒子通過所需時間相等。動能的損耗導致粒子的速度的減小，結果使得迴旋半徑按比例減小，周期並不改變。
【小結】
迴旋加速器的過程恰好與本題所述過程相反。迴旋加速器中粒子不斷地被加速，但是粒子在磁場中的圓周運動周期不變。
例9 一個負離子的質量為m，電量大小為q，以速度v0垂直於屏S經過小孔O射入存在著勻強磁場的真空室中，如圖10-15所示。磁感應強度B方向與離子的初速度方向垂直，並垂直於紙面向里。如果離子進入磁場後經過時間t到這位置P，證明：直線OP與離子入射方向之間的夾角θ跟t
【錯解分析】錯解：根據牛頓第二定律和向心加速度公式
高中階段，我們在應用牛頓第二定律解題時，F應為恆力或平均力，本題中洛侖茲力是方向不斷變化的力。不能直接代入公式求解。
【正確解答】
如圖10－16，當離子到達位置P時圓心角為
【小結】
時時要注意公式的適用條件范圍，稍不注意就會出現張冠李戴的錯誤。
如果想用平均力的牛頓第二定律求解，則要先求平均加速度
例10 如圖10-17所示。在x軸上有垂直於xy平面向里的勻強磁場，磁感應強度為B；在x軸下方有沿y鈾負方向的勻強電場，場強為E。一質最為m，電荷量為q的粒子從坐標原點。沿著y軸正方向射出。射出之後，第3次到達X軸時，它與點O的距離為L，求此粒子射出時的速度v和運動的總路程s，（重力不計）。
【錯解分析】錯解：粒子射出後第三次到達x軸，如圖10-18所示
在電場中粒子的磁場中每一次的位移是l。
第3次到達x軸時，粒子運動的總路程為一個半圓周和六個位移的長度之和。
錯解是由於審題出現錯誤。他們把題中所說的「射出之後，第3次到達x軸」這段話理解為「粒子在磁場中運動通過x軸的次數」沒有計算粒子從電場進入磁場的次數。也就是物理過程沒有搞清就下手解題，必然出錯。
【正確解答】
粒子在磁場中的運動為勻速圓周運動，在電場中的運動為勻變速直線運動。畫出粒子運動的過程草圖10-19。根據這張圖可知粒子在磁場中運動半個周期後第一次通過x軸進入電場，做勻減速運動至速度為零，再反方向做勻加速直線運動，以原來的速度大小反方向進入磁場。這就是第二次進入磁場，接著粒子在磁場中做圓周運動，半個周期後第三次通過x軸。
Bqv=mv2／R
在電場中：粒子在電場中每一次的位移是l
第3次到達x軸時，粒子運動的總路程為一個圓周和兩個位移的長度之和。
【小結】
把對問題所涉及到的物理圖景和物理過程的正確分析是解物理題的前提條件，這往往比動手對題目進行計算還要重要，因為它反映了你對題目的正確理解。高考試卷中有一些題目要求考生對題中所涉及到的物理圖景理解得非常清楚，對所發生的物理過程有正確的認識。這種工作不一定特別難，而是要求考生有一個端正的科學態度，認真地依照題意畫出過程草圖建立物理情景進行分析。
例11 擺長為L的單擺在勻強磁場中擺動，擺動平面與磁場方向垂直，如圖10-20所示。擺動中擺線始終綳緊，若擺球帶正電，電量為q，質量為m，磁感應強度為B，當球從最高處擺到最低處時，擺線上的拉力T多大？
【錯解分析】錯解：T，f始終垂直於速度v，根據機械能守恆定律：
在C處，f洛豎直向上，根據牛頓第二定律則有
考慮問題不全面，認為題目中「從最高點到最低處」是指AC的過程，忽略了球可以從左右兩方經過最低點。
【正確解答】
球從左右兩方經過最低點，因速度方向不同，引起f洛不同，受力分析如圖10-21所示。由於擺動時f洛和F拉都不做功，機械能守恆，小球無論向左、向右擺動過C點時的速度大小相同，方向相反。
擺球從最高點到達最低點C的過程滿足機械能守恆：
當擺球在C的速度向右，根據左手定則，f洛豎直向上，根據牛頓第二定律則有
當擺球在C的速度向左，f洛豎直向下，根據牛頓第二定律則有
所以擺到最低處時，擺線上的拉力
【小結】
要避免本題錯解的失誤，就要對題目所敘述的各個狀態認真畫出速度方向，用左手定則判斷洛侖茲力的方向。其餘的工作就是運用牛頓第二定律和機械能守恆定律解題。
例12 設空間存在豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，如圖10-22所示，已知一離子在電場力和洛侖茲力的作用下，從靜止開始自A點沿曲線ACB運動，到達B點時速度為零，C點是運動的最低點，忽略重力，以下說法正確的是： [ ]
A．這離子必帶正電荷
B．A點和B點位於同一高度
C．離子在C點時速度最大
D．離子到達B點時，將沿原曲線返回A點
【錯解分析】錯解：根據振動的往復性，離子到達B點後，將沿原曲線返回A點，選D。
選D不正確，某些考生可能受「振動」現象的影響，誤認為根據振動的往復性，離子到達B點後，將沿原曲線返回A點，實際上離子從B點開始運動後的受力情況與從A點運動後的受力情況相同，並不存在一個向振動那樣有一個指向BCA弧內側的回復力，使離子返回A點，而是如圖10-23所示由B經C′點到B′點。
【正確解答】
（1）平行板間電場方向向下，離子由A點靜止釋放後在電場力的作用下是向下運動，可見電場力一定向下，所以離子必帶正電荷，選A。
（2）離子具有速度後，它就在向下的電場力F及總與速度心垂直並不斷改變方向的洛侖茲力f作用下沿ACB曲線運動，因洛侖茲力不做功，電場力做功等於動能的變化，而離子到達B點時的速度為零，所以從A到B電場力所做正功與負功加起來為零。這說明離子在電場中的B點與A點的電勢能相等，即B點與A點位於同一高度，選B。
（3）因C點為軌道最低點，離子從A運動到C電場力做功最多，C點具有的動能最多，所以離子在C點速度最大，選C。
（4）只要將離子在B點的狀態與A點進行比較，就可以發現它們的狀態（速度為零，電勢能相等）相同，如果右側仍有同樣的電場和磁場的疊加區域，離子就將在B之右側重現前面的曲線運動，因此，離子是不可能沿原曲線返回A點的。
故選A，B，C為正確答案。
【小結】
初速度和加速度決定物體的運動情況。在力學部分絕大部分的習題所涉及的外力是恆力。加速度大小方向都不變。只要判斷初始時刻加速度與初速度的關系，就可以判斷物體以後的運動。本題中由於洛侖茲力的方向總垂直於速度方向，使得洛侖茲力與電場力的矢量和總在變化。所以只做一次分析就武斷地下結論，必然會把原來力學中的結論照搬到這里，出現生搬硬套的錯誤。
例13 如圖10-24所示，空中有水平向右的勻強電場和垂直於紙面向外的勻強磁場，質量為m，帶電量為+q的滑塊沿水平向右做勻速直線運動，滑塊和水平面間的動摩擦因數為μ，滑塊與牆碰撞後速度為原來的一半。滑塊返回時，去掉了電場，恰好也做勻速直線運動，求原來電場強度的大小。
【錯解分析】錯解：碰撞前，粒子做勻速運動，Eq=μ（mg＋Bqv）。返回時無電場力作用仍做勻速運動，水平方向無外力，豎直方向N=Bgv＋mg。因為水平方向無摩擦，可知N=0，Bqv=-mg。解得E=0。
錯解中有兩個錯誤：返回時，速度反向，洛侖茲力也應該改變方向。返回時速度大小應為原速度的一半。
【正確解答】
碰撞前，粒子做勻速運動，Eq=μ（mg＋Bqv）。返回時無電場力作用仍做勻速運動，水平方向無外力，摩擦力f=0，所以N=0豎直方向上有
【小結】
實踐證明，急於列式解題而忽略過程分析必然要犯經驗主義的錯誤。分析好大有益。
例14圖10－25為方向相互垂直的勻強電場和勻強磁場區域。電場強度為E，磁感強度為B，復合場的水平寬度為d，豎直方向足夠長。現有一束電量為+q、質量為m初速度各不相同的粒子沿電場方向進入場區，求能逸出場區的粒子的動能增量ΔEk。
【錯解分析】錯解：當這束初速度不同、電量為+q、質量為m的帶電粒子流射入電場中，由於帶電粒子在磁場中受到洛侖茲力是與粒子運動方向垂直的，粒子將發生不同程度的偏轉。有些粒子雖發生偏轉，但仍能從入射界面的對面逸出場區；有些粒子則留在場區內運動。
從粒子射入左邊界到從右邊界逸出，電場力做功使粒子的動能發生變化。根據動能定理有：
Eqd =ΔEk
錯解的答案不錯，但是不全面。沒有考慮仍從左邊界逸出的情況。
【正確解答】
由於帶電粒子在磁場中受到洛侖茲力是與粒子運動方向垂直的。它只能使速度方向發生變。粒子速度越大，方向變化越快。因此當一束初速度不同、電量為+q、質量為m的帶電粒子射入電場中，將發生不同程度的偏轉。有些粒子雖發生偏轉，但仍能從入射界面的對面逸出場區（同錯解答案）；有些粒子將留在場區內運動；有些粒子將折回入射面並從入射面逸出場區。由於洛侖茲力不會使粒子速度大小發生變化，故逸出場區的粒子的動能增量等於電場力功。對於那些折回入射面的粒子電場力功為零，其動能不變，動能增量ΔEk=0。
【小結】
本題考查帶電粒子在磁場中的運動和能量變化。這道題計算量很小，要求對動能定理、電場力、磁場力等基本概念、基本規律有比較深入的理解，而且能夠與題目所給的帶電粒子的運動相結合才能求得解答。在結合題意分析時，特別要注意對關鍵詞語的分析。本題中：「逸出場區」的准確含義是從任何一個邊界逸出場區均可。
例15初速度為零的離子經過電勢差為U的電場加速後，從離子槍T中水平射出，與離子槍相距d處有兩平行金屬板MN和PQ，整個空間存在一磁感強度為B的勻強磁場如圖10－26所示。不考慮重力的作用，荷質比q/m（q，m分別為離子的帶電量與質量），應在什麼范圍內，離子才能打到金屬板上？
【錯解分析】錯解：離子在離子槍內加速，出射速度為
由牛頓第二定律離子在磁場中離子的加速度為
離子在磁場中做平拋運動
離子在離子槍中的的加速過程分析正確，離子進入磁場的過程分析錯誤。做平拋運動物體的加速度為一恆量，僅與初速度垂直。而洛侖茲力總與速度方向垂直，洛侖茲力大小不變、方向變化，它是個變力。離子在磁場中應做勻速圓周運動。
【正確解答】
設離子帶負電，若離子正好打到金屬板的近側邊緣M，則其偏轉半
若離子正好打到金屬板的遠側邊緣N，則其偏轉半徑滿足關系
即
因離子從離子槍射出的速度v由離子槍內的加速電場決定
即
代入式④即得
討論：由以上方程組可知
【小結】
本題考查的能力要求體現在通過對邊界條件的分析，將復雜的問題分解為若干個簡單問題；把未知的問題轉化為已知條件。並且通過幾何關系找出大小兩個半徑來。從錯解中還可以看出，熟練掌握基本的物理模型的特點（加速度與初速度的關系或加速度與位移之間的關系等）對正確選擇解題思路的重要性。
例16 如圖10-27所示，一塊銅塊左右兩面接入電路中。有電流I自左向右流過銅塊，當一磁感應強度為B的勻強磁場垂直前表面穿入銅塊，從後表面垂直穿出時，在銅塊上、下兩面之間產生電勢差，若銅塊前、後兩面間距為d，上、下兩面間距為L。銅塊單位體積內的自由電子數為n，電子電量為e，求銅板上、下兩面之間的電勢差U為多少？並說明哪個面的電勢高。
【錯解分析】錯解：電流自左向右，用左手定則判斷磁感線穿過手心四指指向電流的方向，正電荷受力方向向上，所以正電荷聚集在上極板。
隨著正負電荷在上、下極板的聚集，在上、下極板之間形成一個電場，這個電場對正電荷產生作用力，作用力方向與正電荷剛進入磁場時所受的洛侖茲力方向相反。當電場強度增加到使電場力與洛侖茲力平衡時，正電荷不再向上表面移動。在銅塊的上、下表面形成一個穩定的電勢差U。研究電流中的某一個正電荷，其帶電量為q，根據牛頓第二定律有
由電流的微觀表達式I=nqSv
由幾何關系可知S=dL
上述解法錯在對金屬導電的物理過程理解上。金屬導體中的載流子是自由電子。當電流形成時，導體內的自由電子逆著電流的方向做定向移動。在磁場中受到洛侖茲力作用的是自由電子。
【正確解答】
銅塊的電流的方向向右，銅塊內的自由電子的定向移動的方向向左。用左手定則判斷：四指指向電子運動的反方向，磁感線穿過手心，大拇指所指的方向為自由電子的受力方向。圖10-28為自由電子受力的示意圖。
隨著自由電子在上極板的聚集，在上、下極板之間形成一個「下正上負」的電場，這個電場對自由電子產生作用力，作用力方向與自由電子剛進入磁場時所受的洛侖茲力方向相反。當電場強度增加到使電場力與洛侖茲力平衡時，自由電子不再向上表面移動。在銅塊的上、下表面形成一個穩定的電勢差U。研究電流中的某一個自由電子，其帶電量為e，根據牛頓第二定律有
由電流的微觀表達式I=neSv=nedLv。
【小結】
本題的特點是物理模型隱蔽。按照一部分同學的理解，這就是一道安培力的題目，以為伸手就可以判斷安培力的方向。仔細分析電荷在上、下兩個表面的聚集的原因，才發現是定向移動的電荷受到洛侖茲力的結果。因此，深入分析題目中所敘述的物理過程，挖出隱含條件，方能有正確的思路
Ⅲ （大學物理）在經典力學中，下面幾個物理量中與參考點的選取無關的是（） A位矢B位移C力矩D角動量
B吧，位移與坐標系無關，其他三個其實都與位矢有關，位矢是與坐標系有關的